平面上最小点对
给定平面上 n 个点,找出其中的一对点的距离,使得在这 n 个点的所有点对中,该距离为所有点对中最小的。
又是分治,(现在做梦tm都是分治了),都是自己作的
还是书归正传,一样的,将所有的但分为两个部分,同样的左右部分,同样分别求其两部分的最小值,最后再合并。但是合并的情况比较特殊,为了明晰思路,借鉴大佬的证明:
假设dis为左右两部分中的最小距离:
最近距离不一定存在于两个集合中,可能一个点在集合 A,一个点在集合 B,而这两点间距离小于 dis。其中如何合并是关键。根据递归的方法可以计算出划分的两个子集中所有点对的最小距离 disleft,disright,再比较两者取最小值,即 dis=min(dis_{left},dis_{right}) 。那么一个点在集合 A,一个在集合 B 中的情况,可以针对此情况,用之前分解的标准值,即按照 x 坐标(或者 y )从小到大排序后的中间点的 x 坐标作为 mid。划分一个 [mid-dis,mid+dis] 区域,如果存在最小距离点对,必定存在这个区域中。
之后只需要根据左边区域 [mid-dis,mid] 的点来遍历右边区[mid,mid+dis] 的点,即可找到是否存在小于 dis 距离的点对。
但是存在一个最坏情况,即通过左右两个区域计算得到的 dis 距离来划分的第三区域可能包含集合所有的点,这时候进行遍历查找,时间复杂度仍然为O(n^2)。因此需要对此进行深一步的考虑。
1985年 Preparata 和 Shamos 在给出该问题的一个分治算法并且还具体分析了在 [mid-dis,mid+dis] 区域中出现的情况,若 (p,q) 是 Q 的最近点对,p 在带域左半部分,则 q 点必在下图所示的 δ∗2δ 长方形上,而在该长方形上,最多只能由右边点集的6个点。每个点对之间的距离不小于δ。
此结论很好证明,通过在 δ∗2δ 上以 \frac{2\delta}{3} 划成 6 个小长方形
用反证法来证明,假设存在大于6个点,则必有一个或多个小长方形存在两个及以上点,而小长方形的最长距离是为对角线长度,为:
最长距离都小于δ,与之前的条件不符合,故最多有6个点。
代码如下
#include <iostream>
#include <algorithm>
using namespace std;
typedef struct Point //点结构体
{
double x;
double y;
}*point,Point_xy;
Point_xy p[200010];
Point_xy temp[200010];
double dis = INFINITY;
double distance_points(Point_xy a, Point_xy b) //计算两点之间距离
{
double power_x = pow((a.x - b.x), 2.0);
double power_y = pow((a.y - b.y), 2.0);
return sqrt(power_x + power_y);
}
bool cmpx(const Point_xy& a, const Point_xy& b) //将x从小到大排序
{
return a.x < b.x;
}
bool cmpy(const Point_xy& a, const Point_xy& b) //将y从小到大排序
{
return a.y < b.y;
}
double rec(int left, int right)
{
if (left == right) //只有1个点,返回无穷大
return dis;
if (left + 1 == right)
return distance_points(p[left],p[right]); //只有2个点,只能两点之间距离
int mid = (left + right) / 2;
double dis1 = rec(left, mid); //左集合的最小点对
double dis2 = rec(mid + 1, right); //右集合的最小点对
dis = min(dis1, dis2); //左右两个集合中最小者
int i, j, k = 0;
for (i = left; i <= right; i++) //距离分割线小于dis的点记录下来
{
if (fabs(p[i].x - p[mid].x) <= dis)
temp[k++] = p[i];
}
sort(temp, temp + k, cmpy); //关于y的大小对所记录的点排序
for (i = 0; i < k; i++)
{
for (j = i + 1; j < k; j++)
{
if ((temp[j].y - temp[i].y) <= dis)
dis = min(dis, distance_points(temp[i], temp[j])); //当y方向上的距离也小于dis时才符合条件
else break;
}
}
return dis;
}
int main()
{
int n; cin >> n;
for (int i = 0; i < n; i++)
{
cin >> p[i].x >> p[i].y;
}
sort(p, p + n, cmpx);
double ans = rec(0, n - 1);
cout << ans << endl;
return 0;
}
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